(man kommt allerdings locker durch, ohne dass man erwischt wird).
also ich wurde bei meinen letzten 2 auslandsaufenthalten außerhabl der eu (usa und aegypten) jedes mal am zoll kontrolliert...
QuoteDie Einfuhrumsatzsteuer ist aber generell 20%
wo entrichtet man die eigentlich? auch am zoll?
lg
also aus meiner erfahrung sind die preise fuer eventtechnik immer verhandelbar! ich wuerde mal ueberall durchrufen und denen klar machen, dass du dich um alles selbst kuemmern wuerdest. je nachdem mit wem du auf den besten preis kommst...
aus meiner persoenlichen erfahrung weiß ich, dass music&light sehr kompetent ist. von m4c haette ich ende 2007 mal etwas gebraucht. diese waren dann des oefteren nicht erreichbar... also haben sie dann auch kein geschaeft gemacht.
am guenstigsten waerst du vielleicht noch wenn du irgendwelche mittelgroßen bands kennst die bereits selbst equipment haben. bei denen verstaubt das oft wochenlang wenn sie keine gigs haben. da koennt ich mir vorstellen dass die bessere preise machen als eine technikfirma.
lg
ich war vor kurzem im land der begrenzten unmoeglichkeiten und wollte einer freundin das iphone mitnehmen. die verkaeuferin im apple-store (was fuer ein store - wahnsinn!) hat dann aber gemeint "you can't use it without an at&t contract". ich hab dann it ihr diskutiert und sie hat mir erklaert dass es ohne "at&t erstanmeldung" nicht kaufbar is. woher kommen diese iphones dann?
off topic: ich find das iphone toll. super gemachtes interface. aber ohne echten tasten (habe eine qwertz tastatur) wuerde ich verzweifeln
lg
das hat jede eventtechnik firma!
google hilft dir da bestimmt weiter: m4c, music&light, wiener eventtechnik, tent&technic,...
am guenstigsten bist du sicher wenn du die dinge selbst abholst, montierst, bedienst und wieder zurueckbringst!
lg
thomas
Bei mir stand vor ein paar Tagen noch Pr.(13) oder so
jetzt steht nur noch Pr.
wurden die anmeldungen erweitert? bin ich angemeldet?
ich seh gerade nix was darauf hinweisen wuerde, dass ich noch auf einer warteliste bin...
lg
meine note wurde gerade im tuwis eingetragen.
irgendwie is sich ein 4er ausgegangen...
das hoffen auf einen 4er geht auch bei mir noch weiter... hoffentlich nicht mehr lange!
also bei prof. karigl haben wir das immer so gemacht:
determinante berechnen und punkte einsetzen!
wenn D < 0 ==> sattelpunkt und kein extremum
wenn D > 0 ==> extremum
fxx < 0 ==> maximum
fxx > 0 ==> minimum
stimmt das so?
lg
Display MoreBin immer noch etwas unsicher, auch nach dieser Post-Flut.
Wie schauts hier aus:
xn_h = C1 * 2^n + C2 * 3^n
sn = 2^n
Hier muss man als Ansatz A*2^n *n^1 nehmen weil 2^n 1-mal Teillösung ist?!?!
Und bei zb xn_h = C1 * (-6^n) + C2 * 1^n
sn = A0 * A1*n muss man mit n erweitern da A0 == C2 oder?
Das heißt ja dann wenn ich ein Polynom 1ten Grades habe und 1^n einmal Teillösung der homogenen Gleichung ist muss ich mit n^1 erweitern oder?
meiner meinung nach ja
mich wuerde noch immer interessieren wo das y(x)=y ins spiel kommt?
meiner meinung nach muss man das noch immer am schluss in die stammfunktion einsetzen...
ableiten nach y:
F'(x,y) = -3x^2 + C'
oh... ich hab hier nach x und nicht nach y abgeleitet, mein fehler
wo kommt bei dir das y(x)=y ins spiel?
ich interpretiere das so, dass man hier eben noch einsetzt und erst dann ausrechnet. wird auch im pdf beim ersten bsp mit F(0, -1) gemacht. hier ist das halt F(y,y) oder?
was da irgendjemand weiter?
lg
ahh super jetzt hab ichs!
a_n(h) = C1*6^n + C2 und s_n = 10 - 17*n also die Form A0 + A1*n
lg jacko
nicht ganz! wie bastard schon gesagt hat, du musst A_0*n und A_1*n² nehmen! A_0, also ein summand der nicht von n abghaengt ist mit C2 bereits in der homogenen loesung enthalten!
was meinst du mit 6*A_0??
bei der versuchsloesung bekommst du fuer A_0 einen konkreten wert.
den setzt du in A_0*n ein!
hallo zusammen
ich hab mich jetzt auch mal mit den differentialgleichungen beschaeftigt!
habe mich bei der loesung der pruefungsangaben aus 2006 & 2004 sehr stark an's gepostete pdf gehalten!
ich hab mir den thread noch nicht ganz durchgelesen, aber irgendwie kann ich nicht ganz nachvollziehen was da passiert, vielleich sitz ich einfach auch schon zulange vor zahlen....
bsp aus 2004: (2xy - 9x²)dx + (2y + x²)dy = 0
ich ueberpruefe das ganze auf exaktheit:
Py= 2x, Qx= 2x ==> Py=Qx, exaktheit ist gegeben
mit der methode 2 aus dem pdf bestimme ich mir die stammfunktion:
F(x,y) = x²y + y² + xy² + x³
loesungen zu y=y(x) (das bedeutet doch, dass ich jedes x durch ein y ersetze, oder??)
y = y²*y + y² + y³ + y³
3y² + y - 1 = 0
bsp aus 2006: (6x²-6xy)dx + (2y-3x²)dy = 0
exaktheit: 6x=6x
stammfunktion: F(x,y) = 2x³ - 3x²y - 6x + 2
loesungen fuer y=y(x): y² + 6y -1 = 0
ich bekomme hier fuer die loesungen konkrete zahlen! kann das sein?
lg
könntest du deinen rechenvorgang mit dem superpositionsprinzip bitte posten?
also ich loes das so:
homogene loesung: c_1*2^n + c_2*(-1)^n
partikulaere loesung:
ansatz: A_0 + A_1*n
das ganze einsetzen in die diff. gleichung:
A_0 + A_1*n - A_0 - A_1*(n-1)^1 - 2*A_0 - 2*A_1*(n-2)^1 = 2*n - 7
...
-2*A_0 - 2*A_1*n + 5*A_1 = 2*n - 7
jetzt koeffizienten vergleichen:
n^1: -2*A_1*n = 2*n
n^0: -2*A_0 + 5*A_1 = 7
...
A_1=-1
A_0=1
das jetzt in den ansatz A_0 + A_1*n einsetzen und man bekommt als partikulaere loesung a(p)=1-n
das ganze findet man auch im karigl skriptum auf seite 31
du willst die grenzen für (1,1) (3,3) (1,3)?
dy oben 3 unten x
dx oben 3 unten 1
beim dreieck(1,1) (3,3) (1,3) sollten meiner meinung nach die grenzen fuer dy bei x und 3 liegen....
gut, dann hab ichs eh verstanden.
lg
uups. hab nur 2004 gelesen... na schaumamal:
wir haben hier a_n(h) = C1*6^n + C2 und s_n = 10 - 17*n also die Form A0 + A1*n
jetzt ist aber A0 schon in der homogenen lösung enthalten, A0 == C1! d.h. der ansatz für die versuchslösung muss um den faktor n erweitert werden, a_n(p) = A0*n + A1*n², verstanden?
du meinst A0==C2, oder??
C1 ist ja nur der faktor
Display Morerotes dreieck
für dy oben 3 unten x+1
für dx oben 2 unten 0
grünes dreieck:
für dy oben x unten 1
für dx oben 3 unten 1
d.h. jacko, komplett richtig. es muss immer bei dy die x unbekannte sein, weil erst bei dx lösen sich die unbekannten auf.
mankito: man liest die bereiche einfach ab. für dx is ganz einfach. oben steht der wert rechts auf der x-achse (in dem fall 3), unten steht der linke wert (1). bei dy ist in dem fall oben die geradengleichung y=x einzusetzen, also x und unten lesen wir an der y-achse ab, 1.
HaRdCoReBaStArD
worauf beziehst du deine aussage?
auf die werte in der skizze oder auf die werte in jackos posting??
wie bereits von matk und mir erwaehnt verwendet jacko im posting die werte
(1,1) (3,3) (1,3) ... grün
(0,1) (0,3) (2,3) ... rot
und in der skizze die werte
(1,1) (3,3) (3,1) ... grün
(0,1) (0,3) (2,3) ... rot
das ist meiner meinung nach ein unterschied! sonst is das dreieck um 180° gedreht
meiner meinung nach stimmen die grenzen fuer die skizzen, aber nicht fuer die werte.
die grenzen 1 und x stimmen nur wenn das gruene dreieck (1,1) (1,3) (3,3) als grenzen hat und nicht (1,1) (3,3) (3,1)
beim dreieck(1,1) (3,3) (3,1) sollten meiner meinung nach die grenzen fuer dy bei x und 3 liegen....
Display Morealso das geht folgendermaßen!
eigentlich ist es nichts anderes als beim ersten:
(0,1) (0,3) (2,3)
wenn du dir das aufzeichnest ist das ein dreieck das vom punkt 0,1 nach rechts oben geht!
jetzt musst du mal die steigungsgerade berechnen:
das geht mit y=kx + d
d ist der Schnittpunkt mit der y-Achse also 1 und k = deltay/deltax
delta y=2, deltax = 2 --> y = x+1
das dreieck ist bei dx durch 0 und 2 begrenzt und bei dy durch x+1 und 3
daraus folgt:
es ist übrigens immer noch die steigung positiv!
jetzt liegt halt die oberkante Parallel zur x-Aches, dadurch wird der 3er einfach zur Obergrenze!
(1,1) (3,3) (1,3)
Auch hier haben wir ein Dreieck mit positiver steigung!
wenn du dir das Dreieck aufzeichnest, siehst du, das die gerade im Punkt 0,0 die y-Achse schneidet --> d = 0
deltax = deltay = 2 --> y = x
diesmal erhalten wir folgendes integral
links und rechts ist dx durch 1 und 3 begrenzt!
die untergrenze von dy ist 1 und wächst nach x (weiß nicht ob man das so sagen kann!
sehen wir uns jetzt noch einen fall den du gemeint hast an:
bei folgendem Dreieck haben wir eine negative Steigung - das sehen wir auch dadurch, dass die gerade von links oben nach rechts unten geht!
(0,3), (0,1), (3,1)
diese dreieck schneidet die y achse im Punkt 3 --> d=3
k = - 2/3 --> y = (-2/3)x+3
in diesem fall hätten wir folgendes Doppelintegral:
hoffe mal das das so stimmt - bitte verbessern wenns nicht so ist!
lg jacko
warum verwendest du beim ersten dreieck die gerade als untere grenze und beim zweiten dreieck als obere grenze?
bei beiden dreiecken geht die hypothenus (=gerade) von links unten nach rechts oben. warum ist sie einmal obere und einmal untere grenze?
lg
